中考冲刺:创新、开放与探究型问题(基础) 一、选择题 1.若自然数n使得三个数的加法运算“n+(n+1)+(n+2)”产生进位现象,则称n为“连加进位数”.例如:2不是“连加进位数”,因为2+3+4=9不产生进位现象;
4是“连加进位数”,因为4+5+6=15产生进位现象;
51是“连加进位数”,因为51+52+63=156产生进位现象.如果从0,1,2,…,99这100个自然数中任取一个数,那么取到“连加进位数”的概率是( ) A.0.88 B.0.89 C.0.90 D.0.91 2.如图,点A,B,P在⊙O上,且∠APB=50°,若点M是⊙O上的动点,要使△ABM为等腰三角形,则所有符合条件的点M有( ) A.1个 B.2个 C.3个 D.4个 3.(2016秋•永定区期中)下列图形都是由同样大小的棋子按一定的规律组成,其中第①个图形有1颗棋子,第②个图形一共有6颗棋子,第③个图形一共有16颗棋子,…,则第⑧个图形中棋子的颗数为( ) A.226 B.181 C.141 D.106 二、填空题 4.(2015秋•淮安校级期中)电子跳蚤游戏盘为△ABC,AB=8,AC=9,BC=10,如果电子跳蚤开始时在BC边上的P0点,BP0=4.第一步跳蚤跳到AC边上P1点,且CP1=CP0;
第二步跳蚤从P1跳到AB边上P2点,且AP2=AP1;
第三步跳蚤从P2 跳回到BC边上P3点,且BP3=BP2;
…跳蚤按上述规则跳下去,第2015次落点为P2016,则P3与P2016之间的距离为______. 5.下图为手的示意图,在各个手指间标记字母A,B,C,D,请你按图中箭头所指方向(如A→B→C→D→C→B→A→B→C→…的方式)从A开始数连续的正整数1,2,3,4,…,当数到12时,对应的字母是________;
当字母C第201次出现时,恰好数到的数是________;
当字母C第2n+1次出现时(n为正整数),恰好数到的数是________(用含n的代数式表示). 6. (1)如图(a),∠ABC=∠DCB,请补充一个条件:________,使△ABC≌△DCB. (2)如图(b),∠1=∠2,请补充一个条件:________,使△ABC≌△ADE. 三、解答题 7.如图所示,已知在梯形ABCD中,AD∥BC,AB=DC,对角线AC和BD相交于点O,E是BC边上一个动点(点E不与B,C两点重合),EF∥BD交AC于点F,EG∥AC交BD于点G. (1)求证:四边形EFOG的周长等于2OB;
(2)请你将上述题目的条件“梯形ABCD中,AD∥BC,AB=DC”改为另一种四边形,其他条件不变,使得结论“四边形EFOG的周长等于2OB”仍成立,并将改编后的题目画出图形,写出已知、求证,不必证明. 8.如图所示,平面直角坐标系内有两条直线,,直线的解析式为.如果将坐标纸折叠,使直线与重合,此时点(-2,0)与点(0,2)也重合. (1)求直线的解析式;
(2)设直线与相交于点M.问:是否存在这样的直线,使得如果将坐标纸沿直线折叠,点M恰好落在x轴上?若存在,求出直线的解析式;
若不存在,请说明理由. 9.(2015•黄陂区校级模拟)正方形ABCD中,将一个直角三角板的直角顶点与点A重合,一条直角边与边BC交于点E(点E不与点B和点C重合),另一条直角边与边CD的延长线交于点F. (1)如图①,求证:AE=AF;
(2)如图②,此直角三角板有一个角是45°,它的斜边MN与边CD交于G,且点G是斜边MN的中点,连接EG,求证:EG=BE+DG;
(3)在(2)的条件下,如果=,那么点G是否一定是边CD的中点?请说明你的理由. 10. (2016•天门)如图①,半圆O的直径AB=6,AM和BN是它的两条切线,CP与半圆O相切于点P,并于AM,BN分别相交于C,D两点. (1)请直接写出∠COD的度数;
(2)求AC•BD的值;
(3)如图②,连接OP并延长交AM于点Q,连接DQ,试判断△PQD能否与△ACO相似?若能相似,请求AC:BD的值;
若不能相似,请说明理由. 答案与解析 【答案与解析】 一、选择题 1.【答案】A;
【解析】 不是“连加进位数”的有“0,1,2,10,11,12,20,21,22,30,31,32”共有12个. ∴P(取到“连加进位数”)=. 2.【答案】D;
【解析】如图,①过圆点O作AB的垂线交和于M1,M2. ②以B为圆心AB为半径作弧交圆O于M3. ③以A为圆心,AB为半径弧作弧交圆O于M4. 则M1,M2,M3,M4都满足要求. 3.【答案】C;
【解析】设第n个图形中棋子的颗数为an(n为正整数), 观察,发现规律:a1=1,a2=1+3+2=6,a3=1+3+5+4+3=16,…, ∴an=1+3+5+…+(2n﹣1)+(2n﹣2)+…+n=n2+=n2﹣n+1, 当n=8时,a8=×82﹣×8+1=141. 二、填空题 4.【答案】1. 【解析】 ∵BC=10,BP0=4,知CP0=6, ∴CP1=6. ∵AC=9, ∴AP2=AP1=3. ∵AB=8, ∴BP3=BP2=5. ∴CP4=CP3=5, ∴AP4=4. ∴AP5=AP4=4, ∴BP5=4. ∴BP6=BP5=4. 此时P6与P0重合,即经过6次跳,电子跳蚤回到起跳点. 2016÷6=336,即P2016与P0重合, ∴P3与P2016之间的距离为P3P0=1.故答案为:1. 5.【答案】B;
603;
6n+3. 【解析】 由题意知A→B→C→D→C→B→A→B→C→D→C→B→A→B…,每隔6个数重复一次“A→B→C→D→C→B→”, 所以,当数到12时对应的字母是B;
当字母C第201次出现时,恰好数到的数是201×3=603;
当字母C第2n+1次出现时(n为正整数),恰好数到的数是(2n+1)×3=6n+3. 6.【答案】答案不唯一.(1)如图(a)中∠A=∠D,或AB=DC;
(2)图(b)中∠D=∠B,或等. 三、解答题 7.【答案与解析】 (1)证明:∵四边形ABCD是梯形,AD∥BC,AB=CD, ∴∠ABC=∠DCB. 又∵BC=CB,AB=DC, ∴△ABC≌△DCB. ∴∠1=∠2. 又∵ GE∥AC,∴∠2=∠3. ∴∠1=∠3. ∴EG=BG. ∵EG∥OC,EF∥OB, ∴四边形EGOF是平行四边形. ∴EG=OF,EF=OG. ∴四边形EGOF的周长=2(OG+GE)=2(OG+GB)=2OB. (2)方法1:如图乙,已知矩形ABCD中,对角线AC,BD相交于点O,E为BC上一个动点(点E不与B,C两点重合), EF∥BD,交AC于点F,EG∥AC交BD于点G. 求证:四边形EFOG的周长等于2OB.图略. 方法2:如图丙,已知正方形ABCD中,……其余略. 8. 【答案与解析】 解:(1)直线与y轴交点的坐标为(0,1). 由题意,直线与关于直线对称,直线与x轴交点的坐标为(-1,0). 又∵直线与直线的交点为(-3,3), ∴直线过点(-1,0)和(3,3). 设直线的解析式为y=kx+b.则有 解得 所求直线的解析式为. (2)∵直线与直线互相垂直,且点M(-3,3)在直线上, ∴如果将坐标纸沿直线折叠,要使点M落在x轴上,那么点M必须与坐标原点O重合,此时直线过线段OM的 中点. 将,代入y=x+t,解得t=3. ∴直线l的解析式为y=x+3. 9.【答案与解析】 解:(1)如图①,∵四边形ABCD是正方形, ∴∠B=∠BAD=∠ADC=∠C=90°,AB=AD. ∵∠EAF=90°, ∴∠EAF=∠BAD, ∴∠EAF﹣∠EAD=∠BAD﹣∠EAD, ∴∠BAE=∠DAF. 在△ABE和△ADF中 , ∴△ABE≌△ADF(ASA) ∴AE=AF;
(2)如图②,连接AG, ∵∠MAN=90°,∠M=45°, ∴∠N=∠M=45°, ∴AM=AN. ∵点G是斜边MN的中点, ∴∠EAG=∠NAG=45°. ∴∠EAB+∠DAG=45°. ∵△ABE≌△ADF, ∴∠BAE=∠DAF,AE=AF, ∴∠DAF+∠DAG=45°, 即∠GAF=45°, ∴∠EAG=∠FAG. 在△AGE和AGF中, , ∴△AGE≌AGF(SAS), ∴EG=GF. ∵GF=GD+DF, ∴GF=GD+BE, ∴EG=BE+DG;
(3)G不一定是边CD的中点. 理由:设AB=6k,GF=5k,BE=x, ∴CE=6k﹣x,EG=5k,CF=CD+DF=6k+x, ∴CG=CF﹣GF=k+x, 在Rt△ECG中,由勾股定理,得 (6k﹣x)2+(k+x)2=(5k)2, 解得:x1=2k,x2=3k, ∴CG=4k或3k. ∴点G不一定是边CD的中点. 10.【答案与解析】 解:(1)∠COD=90°. 理由:如图①中,∵AB是直径,AM、BN是切线, ∴AM⊥AB,BN⊥AB, ∴AM∥BN, ∵CA、CP是切线, ∴∠ACO=∠OCP,同理∠ODP=∠ODB, ∵∠ACD+∠BDC=180°, ∴2∠OCD+2∠ODC=180°, ∴∠OCD+∠ODC=90°, ∴∠COD=90°. (2)如图①中,∵AB是直径,AM、BN是切线, ∴∠A=∠B=90°, ∴∠ACO+∠AOC=90°, ∵∠COD=90°, ∴∠BOD+∠AOC=90°, ∴∠ACO=∠BOD, ∴RT△AOC∽RT△BDO, ∴=, 即AC•BD=AO•BO, ∵AB=6, ∴AO=BO=3, ∴AC•BD=9. (3)△PQD能与△ACQ相似. ∵CA、CP是⊙O切线, ∴AC=CP,∠1=∠2, ∵DB、DP是⊙O切线, ∴DB=DP,∠B=∠OPD=90°,OD=OD, ∴RT△ODB≌RT△ODP, ∴∠3=∠4, ①如图②中,当△PQD∽△ACO时,∠5=∠1, ∵∠ACO=∠BOD,即∠1=∠3, ∴∠5=∠4, ∴DQ=DO, ∴∠PDO=∠PDQ, ∴△DCQ≌△DCO, ∴∠DCQ=∠2, ∵∠1+∠2+∠DCQ=180°, ∴∠1=60°=∠3, 在RT△ACO,RT△BDO中,分别求得AC=,BD=3, ∴AC:BD=1:3. ②如图②中,当△PQD∽△AOC时,∠6=∠1, ∵∠2=∠1, ∴∠6=∠2, ∴CO∥QD, ∴∠1=∠CQD, ∴∠6=∠CQD, ∴CQ=CD, ∵S△CDQ=•CD•PQ=•CQ•AB, ∴PQ=AB=6, ∵CO∥QD, ∴=,即=, ∴AC:BD=1:2.